Ejercicios Resueltos Biología y Geología 2 de Bachillerato 2026 / 2027

a) En la primera, a la izquierda hay +1 del NAD⁺, −2 de los dos electrones y +2 de los dos protones: en total +1. A la derecha el NADH es neutro y queda el protón suelto, que aporta +1: en total +1 también. Cuadra.

En la segunda, a la izquierda hay 0 del FAD, −2 de los electrones y +2 de los protones: en total 0. A la derecha el FADH₂ es neutro, o sea 0. También cuadra.

b) Es cuestión de cuadrar la carga de la reacción. Al NAD⁺, escrito así, le entran dos electrones y le basta un protón para volver a cuadrar: el segundo se queda en el medio. El FAD, escrito neutro, necesita los dos. ▲ Esos signos son los de la parte de la molécula que reacciona, no su carga total: los fosfatos que lleva aportan la suya.

c) Se ha oxidado. Ceder electrones es exactamente eso, y da igual que no haya oxígeno por ninguna parte en las dos reacciones.

Comprobación: suma las cargas a los dos lados de cada flecha y mira que den lo mismo. Si tu resultado no cuadra, el fallo casi siempre está en el signo de los electrones, que es el único negativo de los tres sumandos.

a) Es fosforilación a nivel de sustrato. La señal que lo decide es que el fosfato pasa directamente de una molécula al ADP, sin que intervenga ninguna membrana.

b) Es fosforilación oxidativa. Aquí el ATP no se fabrica con un fosfato que venga de otra molécula, sino gracias al gradiente de protones montado por la cadena.

c) Es fosforilación a nivel de sustrato. Sin la cadena funcionando no hay gradiente, así que el poco ATP que aparece tiene que venir del otro mecanismo. El sitio donde ocurre, el citoplasma, encaja con esa conclusión.

Una pista que avisa: lo que más orienta aquí es averiguar de dónde procede el fosfato que acaba pegado al ADP. Si viene de otra molécula, es a nivel de sustrato; si viene del medio y lo que aporta la energía es un gradiente, es oxidativa. Es una pista y no una regla completa: hay casos intermedios que no se estudian aquí.

a) Para fabricar, el NADPH: es el poder reductor del anabolismo. Para quemar, el par NAD⁺ y NADH: el que recoge los electrones del azúcar es el NAD⁺, y el NADH que resulta es el que sale del catabolismo y va a la cadena.

b) Gana poder hacer las dos cosas a la vez sin que se estorben. Una célula puede estar degradando azúcar en una parte y construyendo grasa en otra. Y cada ruta encuentra su coenzima disponible porque no comparten depósito.

c) Si fueran la misma, las dos rutas competirían por ella y una acabaría vaciando lo que la otra necesita. Además, cualquier enzima que la usara no podría distinguir para qué se le pide. Así que la célula perdería una forma sencilla de decidir hacia dónde manda los electrones.

▲ Esa separación es de organización, no un muro infranqueable: hay enzimas capaces de pasar electrones de un depósito al otro cuando conviene.

Comprueba este paso: mira si en tu respuesta al apartado (b) has hablado de las dos rutas. Si solo has explicado para qué sirve el NADPH, te falta la mitad del argumento: la ventaja está en que las dos funcionen a la vez.

a) Entran los 6 carbonos de la glucosa y salen 6, repartidos en 2 moléculas de piruvato de 3 carbonos cada una. En esta ruta no se pierde ni un átomo de carbono: aquí no se suelta CO₂ en ningún paso.

b) Porque en la fase de gasto se invierten 2 ATP antes de obtener nada. Y en la fase de ganancia se producen 4. El balance que describe lo que la célula se lleva es la diferencia: 4 − 2 = 2 ATP netos. Decir 4 es contar los ingresos y callarse los gastos.

c) Se obtienen 2 NADH, uno por cada una de las dos moléculas de tres carbonos. Sus electrones vienen de la oxidación del gliceraldehído-3-fosfato, el único paso de la ruta en el que se le quitan electrones a la molécula.

Comprobación: haz el recuento de carbonos antes y después. Al empezar, los 6 de la glucosa. Al terminar, 3 en un piruvato y 3 en el otro, también 6. Si en tu respuesta salieran menos de 6 a la derecha, estarías soltando CO₂ en una ruta que no lo suelta. Y ese es el error que hay que cazar aquí.

a) Sirven para dos cosas a la vez. Al pegarle fosfatos, la molécula queda cargada y ya no puede salirse de la célula. Así que se queda dentro donde se la va a procesar. Y queda además más inestable, o sea, más fácil de partir por la mitad, que es justo el paso siguiente.

b) No podría arrancar. Es una ruta que exige pagar por adelantado. Y sin ese adelanto no hay manera de llegar a la parte que da beneficio. Por eso una célula en funcionamiento mantiene siempre una reserva mínima de ATP circulando: si la vaciara del todo, no tendría con qué volver a arrancar.

c) Porque es la enzima del punto de no retorno. La fructosa-1,6-bisfosfato que fabrica ya no tiene otro destino normal que seguir por esta ruta hacia abajo. Así que ese es el último momento en el que frenar sale barato. Y frenarla cuando sobra ATP es lo lógico: si ya hay de sobra, no hace falta fabricar más. ▲ Deshacer ese paso es posible, pero pide otra enzima distinta y ocurre en la ruta contraria, la que fabrica glucosa.

Una pista que avisa: si tu respuesta al apartado (c) dice que la enzima se frena porque le falta sustrato, revísala. Aquí no se está hablando de falta de materia prima, sino de una señal: el ATP se une a la enzima en un sitio distinto del centro activo y le cambia la forma. Es retroinhibición, no escasez.

a) Por cada glucosa salen 2 ATP netos, 2 NADH y 2 piruvatos. Así que con 24 glucosas salen 48 ATP netos, 48 NADH y 48 piruvatos.

b) Los carbonos de partida son 24 × 6 = 144. Los de llegada, 48 × 3 = 144, porque cada piruvato tiene tres. Coinciden, que es lo que tenía que pasar en una ruta que no suelta CO₂.

c) Porque el NAD⁺ de una célula es una cantidad pequeña y fija: no se fabrica cada vez, se reutiliza. Si los 48 NADH se quedaran como están, no quedaría NAD⁺ libre. Y sin NAD⁺ el paso que oxida el gliceraldehído-3-fosfato no puede ocurrir. La ruta entera se atasca ahí.

Comprobación: los tres resultados del apartado (a) son el mismo número, 48, y eso no es casualidad: los tres salen de multiplicar por 2. Si te hubiera salido un número distinto en alguno, revisa cuál de los tres has confundido con el número bruto de ATP producidos, que es 4 por glucosa y no 2.

a) Al unirse los 2 carbonos del acetilo a los 4 del oxalacetato quedan 6, que son los del citrato. Si de esos 6 saliera un solo CO₂, quedarían 5 carbonos al final de la vuelta. Y al final de la vuelta la molécula tiene que ser otra vez oxalacetato, que tiene 4. Un compuesto de 5 carbonos no puede ser oxalacetato, así que el ciclo no cerraría.

b) Salen 2 CO₂: uno al pasar de isocitrato a α-cetoglutarato y otro al pasar de α-cetoglutarato a succinil-CoA. Así 6 − 2 = 4, que son exactamente los del oxalacetato. La cuenta cierra.

c) Porque el oxalacetato no se consume: al final de cada vuelta vuelve a estar entero. Funciona como una cinta transportadora, que no se gasta por las cajas que lleva. Por eso una cantidad diminuta basta para oxidar una cantidad enorme de acetilo.

Comprobación: esta es de las pocas comprobaciones de la unidad que funcionan solas, y conviene saber qué prueba y qué no. Cuenta los carbonos al principio y al final de la vuelta: tienen que ser 4 en los dos sitios. Lo que eso demuestra es el número de carbonos, no cuáles: los dos que salen como CO₂ no tienen por qué ser los dos que acaban de entrar.

a) La glucosa ha dado 2 piruvatos. Cada uno pierde un carbono en la descarboxilación oxidativa, así que ahí salen 2 CO₂. Quedan 2 acetil-CoA, que dan 2 vueltas del ciclo, y cada vuelta suelta 2 CO₂: 4 CO₂ más.

b) En total 2 + 4 = 6 CO₂, y la glucosa tenía 6 carbonos. Coinciden, y tienen que coincidir: al degradarla del todo, cada uno de sus carbonos acaba en una molécula de CO₂.

c) De las dos descarboxilaciones salen 2 NADH. De las dos vueltas del ciclo, 3 NADH por vuelta son 6 NADH, 1 FADH₂ por vuelta son 2 FADH₂ y 1 ATP por vuelta son 2 ATP. El total a partir de los dos piruvatos: 8 NADH, 2 FADH₂ y 2 ATP.

Comprobación: comprueba el apartado (b) por el otro lado. Tienen que salir 6 CO₂ y ninguno contado dos veces: 2 en las descarboxilaciones y 4 en las dos vueltas, y 2 + 4 = 6. Si te salieran 7 u 8, estarías contando dos veces los carbonos de los acetilos. ▲ Lo que cuadra es el número, no cuáles: los 4 que salen en las vueltas no son forzosamente los cuatro que entraron con los acetilos.

a) El ciclo se queda corto de piezas. Todo lo que va detrás del α-cetoglutarato se fabrica a partir de él. Así que si se retira, al final de la vuelta hay menos oxalacetato del que hacía falta. Y con menos oxalacetato entra menos acetilo en la vuelta siguiente, o sea, el ciclo se ralentiza. Para que eso no ocurra, la célula repone intermediarios por otros caminos.

b) Se le llama ciclo anfibólico: participa en el catabolismo, porque oxida acetilos y saca energía. Y también en el anabolismo, porque suministra esqueletos de carbono para construir.

c) Se acumulará succinato, porque es lo que entra en la enzima bloqueada y ya no puede salir convertido en fumarato. Y es un inhibidor competitivo: se parece al sustrato y ocupa su mismo sitio, el centro activo, así que los dos compiten por él.

Una pista que avisa: ante un bloqueo en una ruta, lo primero que conviene preguntarse es qué había justo antes del paso bloqueado, porque eso es lo que se acumula. Es una pista útil y no siempre basta: si lo acumulado sirve además para otra cosa, puede desviarse por otro camino y no llegar a acumularse.

a) Los NADH salen de tres sitios: 2 de la glucólisis, 2 de las dos descarboxilaciones oxidativas y 6 de las dos vueltas del ciclo de Krebs, o sea 10 NADH. Los FADH₂ salen solo del ciclo, 1 por vuelta: 2 FADH₂. Y sin tocar la cadena ya hay 4 ATP: 2 netos de la glucólisis y 2 del ciclo.

b) Con el convenio: 10 × 2,5 = 25 ATP de los NADH, y 2 × 1,5 = 3 ATP de los FADH₂. Sumando los 4 que ya había: 25 + 3 + 4 = 32 ATP por glucosa.

c) Porque 2 de esos 10 NADH se han fabricado en el citosol y la membrana mitocondrial interna no los deja pasar. Lo que entra son sus electrones, por una de dos lanzaderas. Una acaba entregándolos al NAD⁺ de la matriz, y entonces rinden 2,5. La otra los mete más abajo, en el transportador que va del segundo complejo al tercero, sin pasar por el segundo, y entonces rinden 1,5. Con esa segunda el total baja: 8 × 2,5 = 20, más 2 × 1,5 = 3 de esos dos, más 3 de los FADH₂ del ciclo, más los 4 iniciales, son 30 ATP.

Comprobación: las dos cuentas se diferencian en 2 ATP, y eso tiene que cuadrar con el motivo: son 2 NADH que pierden 1 ATP cada uno, o sea 2 × 1 = 2. Si tu diferencia entre las dos versiones no fuera 2, habrías cambiado de sitio más NADH de los dos que cambian.

a) El consumo de oxígeno sube. En este montaje, lo que frena a la cadena es el gradiente de protones: cargado, cuesta bombear contra él. Si los protones se escapan, el gradiente no se carga nunca, la cadena trabaja sin resistencia y pide oxígeno más deprisa que antes. ▲ Sube porque el enunciado deja sustrato y oxígeno de sobra. Con demasiados agujeros, la cadena acaba topando con su propio techo y deja de subir.

b) La producción de ATP se hunde. La ATP sintasa solo fabrica ATP cuando los protones la atraviesan a ella. Si tienen mil agujeros por los que volver, casi ninguno pasa por donde debía.

c) Se va en calor. La energía de los electrones se sigue usando para bombear protones. Pero ese bombeo ya no sirve para nada útil: los protones vuelven y se disipa. Hay tejidos que hacen esto a propósito, con una proteína propia que agujerea la membrana, precisamente para producir calor.

Comprueba este paso: mira si tus respuestas a (a) y (b) van en direcciones contrarias. Si te ha salido que las dos bajan, revísalas: lo llamativo de este experimento es justamente que el consumo de oxígeno y la fabricación de ATP, que normalmente van de la mano, se separan.

a) La cadena se atasca hacia atrás. Si el último complejo no suelta los electrones, tampoco puede recoger los del anterior, y así hasta el principio. Se acumulan todos los transportadores en su forma reducida. Y sobre todo se acumula NADH, que no encuentra dónde dejar sus electrones.

b) Porque el ciclo necesita NAD⁺ libre en tres de sus pasos. Y el NAD⁺ solo se recupera cuando el NADH entrega sus electrones a la cadena. Con la cadena parada no queda NAD⁺, así que el ciclo se para. Es una dependencia indirecta: no le falta oxígeno al ciclo, le falta coenzima libre.

c) Porque la glucólisis da 2 ATP netos por glucosa frente a los 32 de la degradación completa, o sea dieciséis veces menos. Para mantener el mismo gasto habría que consumir dieciséis veces más glucosa. Y hay tejidos que ni tienen esa reserva ni pueden traerla tan deprisa.

Comprobación: comprueba el dato del apartado (c) dividiendo: 32 ÷ 2 = 16. Y cuidado con una respuesta muy repetida: decir que la célula muere porque le falta oxígeno se queda corto aquí, porque oxígeno hay de sobra en el medio; lo que falla es que no puede usarlo.

a) Cada vuelta corta 2 carbonos, así que de 16 carbonos salen 16 ÷ 2 = 8 acetil-CoA. Las vueltas son una menos, 7, porque la última corta lo que queda, de 4 carbonos, en dos acetilos de golpe.

b) Cada vuelta da 1 NADH y 1 FADH₂. Así que con 7 vueltas salen 7 NADH y 7 FADH₂.

c) Los 8 acetil-CoA rinden 8 × 10 = 80 ATP. Los NADH de las vueltas, 7 × 2,5 = 17,5 ATP. Los FADH₂, 7 × 1,5 = 10,5 ATP. Sumando: 80 + 17,5 + 10,5 = 108, y restando los 2 de la activación quedan 106 ATP.

Comprobación: comprueba el apartado (a) por los carbonos. Si son 8 acetilos de 2 carbonos cada uno, eso son 8 × 2 = 16 carbonos, que son los de partida. Y comprueba que las vueltas son una menos que los acetilos con un caso diminuto: una cadena de 4 carbonos da 2 acetilos con 1 sola vuelta.

a) Para la glucosa: 6 × 12 = 72, más 12 × 1 = 12, más 6 × 16 = 96. En total 180. Para el ácido palmítico: 16 × 12 = 192, más 32 × 1 = 32, más 2 × 16 = 32. En total 256.

b) Con 1 mol de cada uno: la glucosa da 32 ÷ 180 ≈ 0,178 mol de ATP por gramo. El ácido palmítico da 106 ÷ 256 ≈ 0,414 mol de ATP por gramo. Son algo más del doble: 0,414 ÷ 0,178 ≈ 2,3 veces. ▲ Dos avisos sobre esos números. Van redondeados, por eso llevan el signo de aproximación y no el de igual. Y la unidad es el mol de ATP por gramo, no la molécula: para contar moléculas habría que multiplicar además por el número de Avogadro, y el cociente 2,3 no cambiaría.

c) Mirando las dos fórmulas se ve en el oxígeno. La glucosa lleva 6 oxígenos para 6 carbonos, uno por carbono; el ácido palmítico lleva 2 para 16. Sus carbonos están mucho más reducidos, es decir, con mucho menos oxígeno encima. Y lo que la célula recoge en las coenzimas son electrones con sus hidrógenos. Cuidado con decirlo como más hidrógenos por carbono: las dos fórmulas llevan 2 hidrógenos por cada carbono. Lo que las separa es el oxígeno, y por eso al palmítico le queda mucho más que oxidar.

Comprueba este paso: la comparación solo vale si los dos números están en las mismas unidades. Comparar 32 con 106 no dice nada, porque son moléculas de tamaños muy distintos. Lo que hay que comparar es el ATP por gramo, con la misma unidad en los dos. Y ese paso es el que mucha gente se salta.

a) Porque no hay un depósito de aminoácidos comparable al de las grasas. Las proteínas del organismo están todas haciendo algún trabajo. Y no hay un almacén equivalente a la grasa donde apilar lo que sobra. Lo que sobra se usa como combustible o se convierte en otra cosa.

b) El grupo amino se quita por transaminación, pasándolo a otra molécula, o por desaminación, soltándolo. En un mamífero acaba convertido en urea, que se disuelve bien y se expulsa. El esqueleto de carbono que queda entra en el ciclo de Krebs o se convierte en acetil-CoA. Y de ahí se quema como cualquier otro combustible.

c) Porque al oxidar carbono e hidrógeno salen CO₂ y agua, que son dos productos que el organismo ya sabe eliminar sin más trámite. El nitrógeno no: lo que queda al soltarlo es tóxico, así que hay que convertirlo antes en algo inofensivo, y esa conversión cuesta energía.

Una pista que avisa: si en tu respuesta al apartado (a) aparece la idea de un almacén de aminoácidos que se llena y se vacía, conviene repasarla. Sí hay un fondo de aminoácidos libres circulando. Pero es pequeño y de paso, no una reserva a la que recurrir después.

a) Es la ruta acíclica. Los tres productos a la vez son su firma: el NADPH indica que los electrones han llegado hasta el NADP⁺. Y el oxígeno indica que se ha roto agua para reponerlos.

b) Es la ruta cíclica. Si el fotosistema II está bloqueado y aun así hay ATP, el trabajo lo está haciendo el otro fotosistema por su cuenta, que es exactamente lo que define esa ruta.

c) Es la ruta cíclica otra vez, y aquí se ve por los dos productos que faltan. Sin NADPH es que los electrones no se entregan al NADP⁺. Y sin oxígeno es que no hace falta romper agua, porque los electrones no se han perdido: vuelven.

d) Es la ruta cíclica. Sin NADP⁺ que reducir, los electrones del fotosistema I no tienen adónde ir. Así que vuelven a la cadena y siguen bombeando protones.

Comprueba este paso: hay una forma de revisar los cuatro de una vez, y solo comprueba una parte. Mira si en alguno has dicho ruta cíclica y a la vez has dejado oxígeno o NADPH entre los productos: eso es imposible, porque esa ruta no produce ninguno de los dos. Lo que esa revisión no comprueba es que la ruta que has elegido sea la correcta, solo que no te contradices.

a) El gradiente se carga y se queda cargado. La ATP sintasa solo deja pasar protones mientras fabrica ATP. Y sin ADP no puede fabricarlo, así que deja de dejarlos pasar. Los protones siguen entrando en el tilacoide y no salen.

b) La cadena se frena y con ella el desprendimiento de oxígeno. Bombear protones contra un gradiente ya muy cargado cuesta cada vez más, hasta que no se puede. Y si los electrones no avanzan, el fotosistema II no necesita reponerlos y deja de romper agua.

c) Se parecen en que en los dos casos se separa lo que normalmente va unido: el transporte de electrones y la fabricación de ATP. Se diferencian en el sentido del fallo. Sin ADP el gradiente se carga al máximo y todo se frena; con la membrana agujereada el gradiente no se carga nunca y el transporte se dispara. En un caso sobra gradiente y en el otro falta.

Una pista que avisa: cuando en una de estas cadenas algo se para, conviene preguntarse si lo que falla está delante o detrás. Aquí el fallo está detrás, en la salida, y por eso todo se embalsa hacia atrás. Es una pista para orientarse, no una regla: hay bloqueos que se compensan por otra vía y no embalsan nada.

a) En átomos: a la izquierda hay 4 hidrógenos y 2 oxígenos; a la derecha, 4 hidrógenos en los protones y 2 oxígenos en la molécula de O₂. Cuadra. En carga: a la izquierda 0, y a la derecha −4 de los electrones más +4 de los protones, o sea 0. También cuadra.

b) Si 2 aguas dan 1 O₂, para 6 O₂ hacen falta 6 × 2 = 12 moléculas de agua. Y si 2 aguas sueltan 4 electrones, 12 aguas sueltan 12 × 2 = 24 electrones.

c) Porque el fotosistema II ha cedido sus electrones a la cadena y se queda sin ellos, así que tiene que quitárselos a alguien. El agua es el peor candidato posible, en el sentido de que suelta sus electrones con muchísima dificultad. Y justamente por eso hace falta la energía de la luz para arrancárselos. La ventaja es que hay agua por todas partes.

Comprobación: comprueba el apartado (b) por el otro lado. Si 24 electrones salen de romper 12 aguas, entonces cada agua suelta 24 ÷ 12 = 2 electrones. Y dos aguas sueltan 4, que es lo que dice la reacción de partida.

a) Cada vuelta fija 1 CO₂, o sea un carbono. Para reunir seis carbonos hacen falta 6 vueltas y 6 moléculas de CO₂.

b) En esas 6 vueltas intervienen 6 moléculas de ribulosa-1,5-bisfosfato, que aportan 6 × 5 = 30 carbonos, más los 6 del CO₂: en total 36 carbonos. Como cada fijación da dos moléculas de 3-fosfoglicerato, quedan 12, de 3 carbonos cada una: 12 × 3 = 36. Cuadra.

c) Esas 12 moléculas se reducen a 12 gliceraldehído-3-fosfato, también de 3 carbonos. De cada 6 sale 1, así que salen 2, con 2 × 3 = 6 carbonos, que son los de la molécula que se quería fabricar. Los otros 10 se quedan a regenerar, con 10 × 3 = 30 carbonos, que son exactamente los de las 6 ribulosa-1,5-bisfosfato del principio.

Comprobación: los carbonos tienen que cuadrar en los tres momentos. Al empezar, 30 + 6 = 36. En medio, 36 repartidos en 12 moléculas de 3. Al final, 6 que salen más 30 que se quedan, que vuelven a ser 36. Si en algún punto te salieran menos, estarías perdiendo carbono en una ruta que no lo suelta.

a) Fijar 1 CO₂ da 2 moléculas de 3-fosfoglicerato, y reducirlas cuesta 2 ATP y 2 NADPH. La regeneración cuesta 3 ATP por cada 3 CO₂ fijados, o sea 1 ATP más por cada uno. En total: 3 ATP y 2 NADPH por CO₂.

b) Hacen falta 6 CO₂, así que 6 × 3 = 18 ATP y 6 × 2 = 12 NADPH.

c) Si cada NADPH se lleva 2 electrones, 12 NADPH necesitan 12 × 2 = 24 electrones, que son exactamente los que soltaban las 12 moléculas de agua. Las dos fases encajan sin que sobre ni falte nada.

Comprobación: el encaje del apartado (c) es la mejor comprobación de toda la fotosíntesis, y conviene saber qué prueba. Demuestra que los electrones del agua cuadran con el NADPH que pide el ciclo. No dice nada sobre el ATP: ese sale del gradiente y se cuenta aparte.

a) Pierde por dos sitios y lo que gana es poco. Gasta ATP en una reacción que no fija ni un carbono. Y además acaba soltando CO₂ que ya tenía dentro. A ese proceso se le llama fotorrespiración. ▲ Poco no es nada: la ruta recupera buena parte del carbono desviado en vez de perderlo entero, y una planta sin ella no crece bien al aire libre.

b) Porque con calor y sequía la planta cierra los poros de la hoja para no perder agua. Al cerrarlos deja de entrar CO₂ nuevo. Y el oxígeno que ella misma está fabricando se le acumula dentro. Con poco CO₂ y mucho O₂ alrededor, la RuBisCO acierta menos veces.

c) Una planta C4 lo separa en el espacio: captura el CO₂ con otra enzima en unas células. Y se lo entrega ya concentrado a la RuBisCO en otras distintas. Una planta CAM lo separa en el tiempo: abre los poros de noche, cuando hace fresco, guarda el carbono capturado. Y de día lo suelta hacia la RuBisCO con los poros cerrados. En los dos casos lo que decide no es quitar oxígeno, sino la proporción: con mucho CO₂ alrededor, la RuBisCO se equivoca muchas menos veces.

Una pista que avisa: si al explicar esto te sale la idea de que la RuBisCO está mal hecha, mide antes lo que hace. Es la puerta por la que entra el carbono en casi toda la materia viva, y trabaja a todas horas. Una enzima que se equivoca algunas veces y acierta la inmensa mayoría no está mal hecha: está pagando un precio.

a) Todas serán mixtas: una hebra pesada y una ligera. Como la replicación es semiconservadora, cada molécula hija conserva una hebra de la madre, que es pesada. Y estrena la otra con el nitrógeno del medio, que es ligero. De 1 molécula salen 2, y las 2 son mixtas.

b) De esas 2 mixtas salen 4 moléculas. Cada mixta se abre en una hebra pesada y una ligera, y cada una estrena su pareja ligera. Así quedan 2 mixtas y 2 completamente ligeras, o sea la mitad y la mitad.

c) Las hebras pesadas son siempre las mismas dos del principio. Y cada una sigue metida en una molécula, así que las mixtas son 2 en cualquier generación. Al cabo de 4 divisiones hay 2⁴ = 16 moléculas. Y la fracción mixta es 2 ÷ 16 = 1/8.

Comprobación: haz la cuenta con las generaciones que ya conoces. Tras 1 división: 2 mixtas de 2 moléculas, o sea todas. Tras 2: 2 de 4, o sea la mitad. La fórmula 2 dividido entre el total da esos dos resultados. Así que el 1/8 de la cuarta sale del mismo sitio y no de una regla nueva.

a) Falta la helicasa, que es la que separa las dos hebras rompiendo los puentes de hidrógeno que las unen.

b) Falta la topoisomerasa. Separar dos hebras enrolladas una sobre otra obliga al resto de la molécula a girar. Y esa tensión hay que deshacerla por delante o la horquilla no puede avanzar.

c) Falta la primasa. La ADN polimerasa sabe alargar una cadena, pero no empezarla. Así que necesita un cebador de ARN puesto por otra enzima.

d) Falta la ligasa, que es la que sella las uniones entre los fragmentos de Okazaki una vez retirados sus cebadores.

e) Lo que falla es la corrección de la propia ADN polimerasa, que normalmente comprueba lo que acaba de poner y lo repite si no empareja. Copiar y corregir son dos trabajos distintos que hace la misma enzima. ▲ Con este enunciado no es la única respuesta posible: un fallo en los sistemas de reparación posteriores deja el mismo síntoma. Lo que se da por escrito es que se copia bien y quedan más errores, y eso encaja con las dos.

Una pista que avisa: ante cualquiera de estos fallos, ayuda preguntarse si el problema es abrir, empezar, alargar o cerrar, que son las cuatro cosas distintas que hay que hacer. Es una pista para orientarse: no separa por sí sola los dos casos de abrir, que son los apartados (a) y (b).

a) Hacen falta 12.000 ÷ 1.000 = 12 fragmentos. Y como cada uno empieza con su propio cebador, también 12 cebadores.

b) Porque la ADN polimerasa solo alarga en sentido 5′ → 3′, y las dos hebras del ADN son antiparalelas. En una de ellas ese sentido coincide con el avance de la horquilla, y se copia seguida: es la hebra conductora. En la otra el sentido va justo al revés que la horquilla. Así que hay que copiar hacia atrás en trozos cortos, esperar a que la horquilla abra un poco más, y volver a empezar.

c) Doce fragmentos seguidos dejan 11 uniones entre ellos, una menos que fragmentos, igual que once separaciones entre doce vagones. Si además hay que unir ese tramo con lo que venga antes y después, habría dos más, pero dentro del tramo son 11.

Comprobación: prueba la regla de las uniones en el caso más pequeño imaginable. Dos trozos pegados tienen 1 juntura. Tres trozos tienen 2. Una regla que diera 12 junturas para 12 trozos daría 2 para dos trozos. Y eso deja una juntura al aire, sin nada al otro lado.

a) Se empareja letra a letra, la A frente a la T y la G frente a la C. La hebra codificante queda A T G T T C G G A.

b) El mensajero se copia de la hebra molde con el mismo emparejamiento, salvo que lleva U allí donde el ADN llevaría T. Queda A U G U U C G G A.

c) Coinciden en todo salvo en una letra: donde la codificante lleva T, el mensajero lleva U. Y no es casualidad. Las dos se han deducido emparejando contra la misma hebra molde, de modo que forzosamente coinciden posición por posición.

▲ Como la molde va 3′ → 5′, la codificante y el mensajero salen escritos 5′ → 3′, que es el sentido en que se leen. Aquí van alineados letra con letra, que es lo cómodo para compararlos. Sin decir el sentido de la molde, el ejercicio no tendría una sola respuesta.

Comprobación: cuenta las letras: las tres cadenas tienen que medir nueve, y en el mensajero no puede sobrevivir ninguna T. Repasa después posición por posición: frente a cada A de la molde te tiene que salir una T abajo y una U en el mensajero.

a) Sumando los seis exones: 150 + 210 = 360, más 90 son 450, más 300 son 750, más 120 son 870, y más 330 son 1.200 nucleótidos.

b) Lo que se ha quitado es la diferencia: 9.000 − 1.200 = 7.800 nucleótidos de intrones. Y como los intrones van entre exones, con 6 exones hay 5 intrones, uno menos.

c) Sale solo la suma de los exones, ya empalmados. Los intrones se han transcrito, porque estaban en el transcrito primario. Pero se han retirado dentro del núcleo en el corte y empalme y no salen de allí. En una célula procariota lo normal es que no haga falta ese paso, porque sus genes casi nunca llevan intrones. ▲ Casi nunca no es nunca: se conocen intrones en bacterias, aunque son raros y de otra clase.

Comprueba este paso: comprueba la suma del apartado (a) sumando en otro orden, por ejemplo agrupando 150 + 330 = 480, 210 + 120 = 330 y 90 + 300 = 390, que dan 480 + 330 + 390 = 1.200. Lo que eso comprueba es la suma, no que los exones sean los que son: eso lo da el enunciado.

a) Cada exón opcional tiene 2 posibilidades, quedarse o no, y son independientes entre sí. Con tres exones opcionales salen 2 × 2 × 2 = 2³ = 8 mensajeros distintos.

b) Con cinco, 2⁵ = 32 mensajeros distintos. Cada exón opcional que se añade duplica el número de combinaciones, no lo aumenta en una.

c) Se queda corta. Un gen puede dar varias proteínas distintas según cómo se empalmen sus exones, así que contar genes no es contar proteínas. El corte y empalme alternativo es una de las razones por las que un organismo fabrica muchísimas más proteínas distintas que genes tiene.

Comprobación: comprueba la fórmula con un caso que puedas listar entero. Con 1 exón opcional salen 2 posibilidades: con él y sin él. Con 2 salen 4: ninguno, solo el primero, solo el segundo y los dos. Si tu fórmula no diera 2 y 4 en esos dos casos, no es la buena.

a) Partiendo de tres en tres: AUG · UUU · GGA · UGC · AAA · UAA. Traduciendo: metionina – fenilalanina – glicina – cisteína – lisina. Y UAA es el codón de parada, que no aporta ningún aminoácido.

b) La cadena tiene 5 aminoácidos. Los enlaces peptídicos son uno menos, 4, porque cada enlace une dos aminoácidos seguidos.

c) El anticodón es complementario del codón, con U donde el codón lleva A. Para AUG es UAC; para UUU, AAA; para GGA, CCU; para UGC, ACG; y para AAA, UUU.

▲ Los anticodones se han escrito base debajo de base, igual que se hacía con las dos hebras del ADN. En una representación completa habría que tener en cuenta además que codón y anticodón se leen en sentidos contrarios.

Comprobación: la secuencia tiene 18 bases y 18 ÷ 3 = 6 codones exactos, sin que sobre ninguna base. Si al partir te hubiera sobrado una o dos bases al final, habrías empezado a contar en el sitio equivocado.

a) Cada aminoácido se lee de un codón de tres bases, así que 146 × 3 = 438 nucleótidos. Y hay que añadir los 3 del codón de parada: 438 + 3 = 441 nucleótidos.

b) Los mismos 441 pares de bases, porque el mensajero se copia base a base de una de las hebras. Cada base del mensajero corresponde a una posición del ADN, y cada posición es un par de bases.

c) Porque un mensajero no es solo la parte que se traduce. Lleva además la caperuza en un extremo, la cola de poli-A en el otro. Y tramos que no se traducen antes del codón de inicio y después del de parada. Todo eso ocupa nucleótidos y no aporta aminoácidos.

Comprobación: deshaz el camino. De los 441 nucleótidos leídos, 3 se gastan en la orden de parar, con lo que a los aminoácidos les quedan 438. Y 438 ÷ 3 devuelve los 146 de los que partía el enunciado. Esa vuelta comprueba la multiplicación y la suma, no si el codón de parada hay que contarlo, que es una decisión del enunciado.

a) UUU pasa a UUC, y los dos codones significan fenilalanina. El aminoácido no cambia, así que la proteína sale idéntica.

b) UUU pasa a UUA, que ya no es fenilalanina sino leucina. Aquí el cambio de una sola base sí cambia el aminoácido. Y el cambio está en la tercera base igual que antes.

c) Corregida queda así: un cambio en la tercera base a menudo no cambia el aminoácido. Porque el código es degenerado y los codones de un mismo aminoácido suelen diferenciarse ahí. Pero no siempre. Y los dos resultados, el que deja la proteína idéntica y el que le cambia un aminoácido, tienen cada uno su nombre propio, que se ve más adelante.

Una pista que avisa: antes de dar por buena una regla sobre el código, conviene probarla con dos o tres codones de la tabla en vez de con uno. Con un solo ejemplo se confirma cualquier cosa. Y aquí la diferencia entre a menudo y siempre es justo lo que se estaba preguntando.

a) Es una mutación génica por sustitución, y del tipo sin sentido: CAU era histidina y UAA manda parar, de modo que la síntesis se interrumpe antes de hora y la proteína sale truncada.

b) Es una mutación cromosómica del tipo inversión. No se ha perdido ni ganado material: el mismo trozo está, pero leído al revés.

c) Es una mutación genómica, y en concreto una aneuploidía: 2n + 1, una trisomía. Sobra un cromosoma suelto, no un juego entero.

d) Es una mutación génica por inserción. Y como dos no es múltiplo de tres, produce un desplazamiento de la pauta de lectura. Y desde ese punto en adelante los codones se agrupan mal.

e) Es una mutación cromosómica del tipo translocación. El material sigue estando en la célula, pero en otro sitio.

Una pista que avisa: para repartir los casos en los tres grupos, lo que más orienta es fijarse en qué ha quedado alterado: el mensaje de un gen, la forma de un cromosoma o el número de cromosomas. Es una pista y no lo resuelve todo: una deleción muy grande puede verse a la vez como pérdida de gen y como cambio de la forma del cromosoma.

a) Partiendo de tres en tres desde el principio: AUG · GUU · UGG · AUG · CAA · AUA · A. El último grupo se queda con una sola base suelta, señal de que la longitud ya no es múltiplo de tres.

b) El primer codón sigue siendo AUG, metionina. Los siguientes, GUU, UGG, CAA y AUA, no están en la tabla de la caja, así que aquí no se pueden traducir. El cuarto grupo vuelve a ser AUG, que en mitad de una cadena significa metionina y no inicio. Y lo importante: ha desaparecido el codón de parada UAA, que en la original cerraba la lectura, porque ahora esas bases se agrupan de otra manera.

c) En la original salían cinco aminoácidos conocidos y una parada limpia. Aquí, a partir del punto de la inserción, todos los codones son distintos y la parada ya no está donde estaba. El destrozo es tan grande porque una sola base de más corre todas las agrupaciones posteriores: no cambia un codón, los cambia todos a la vez.

Comprobación: cuenta las bases. La original tenía 18, que dan 6 codones exactos. La nueva tiene 19, y 19 ÷ 3 no es exacto: sobra 1. Esa base que sobra al final es la señal de que la pauta se ha desplazado. Aparece siempre que la secuencia de partida fuera múltiplo de tres y lo insertado no lo sea.

a) Una trisomía es 2n + 1, así que 24 + 1 = 25 cromosomas. Es una aneuploidía: sobra un cromosoma suelto.

b) Una monosomía es 2n − 1, así que 24 − 1 = 23 cromosomas. También es una aneuploidía, esta vez por defecto.

c) Triploide es 3n. Como 2n = 24, n vale 12, y 3n = 3 × 12 = 36 cromosomas. Es una poliploidía: no sobra un cromosoma, sobra un juego entero.

d) Tetraploide es 4n = 4 × 12 = 48 cromosomas. Es otra poliploidía.

Comprobación: comprueba si cada resultado es múltiplo de n = 12 o no. Los poliploides lo son: 36 y 48 son 3 y 4 veces 12. Los aneuploides no: 25 y 23 no son múltiplos de 12, y precisamente por eso no forman juegos completos. Esa revisión separa los dos tipos y no dice nada sobre si el individuo es viable.

a) Nada, o casi nada. Sin lactosa no hay inductor, así que el represor sigue pegado al operador y la ARN polimerasa no puede avanzar. Y aunque pudiera, con glucosa disponible la bacteria no tendría ningún motivo para molestarse.

b) Nada, o casi nada, por el mismo motivo: sigue sin haber lactosa, así que el represor sigue puesto. Que falte glucosa no cambia nada si no hay nada que digerir en su lugar.

c) Poco. Aquí sí hay inductor, así que el represor se suelta del operador y el camino queda libre. Pero mientras haya glucosa la bacteria la prefiere. Y el segundo control mantiene la transcripción a un nivel bajo.

d) Mucho. Es la única situación en la que se dan los dos requisitos al mismo tiempo: hay lactosa que induce y falta glucosa, así que a la bacteria le interesa fabricar las enzimas para aprovecharla.

Comprueba este paso: comprueba que tus cuatro respuestas usan los dos controles y no uno solo. Si solo has mirado la lactosa, los casos (c) y (d) te habrán salido iguales, y no lo son. Si solo has mirado la glucosa, te habrán salido iguales el (b) y el (d).

a) El operón se transcribe siempre, haya o no lactosa. Si el represor no puede engancharse, no hay nada que frene a la ARN polimerasa. La bacteria fabricará las tres enzimas sin parar, también cuando no le sirvan de nada.

b) El operón está apagado siempre. El represor se pega al operador y nada puede despegarlo: lo que lo despegaba era el inductor, y ahora no se le une. Esta bacteria no podrá aprovechar la lactosa ni cuando la tenga delante.

c) El operón está apagado siempre también, pero por otro motivo. Aquí el represor funciona bien; lo que pasa es que la ARN polimerasa no encuentra dónde engancharse para empezar, así que nunca arranca la transcripción.

Una pista que avisa: los apartados (b) y (c) dan el mismo resultado por causas distintas, y eso pasa a menudo con estos mutantes. Ayuda preguntarse si lo estropeado es el freno o el arranque: si es el freno, el operón se queda encendido o apagado según cómo se haya estropeado; si es el arranque, se queda apagado siempre.

a) Gana no gastar. Fabricar una proteína cuesta materia prima y energía. Y una bacteria que fabrica de continuo tres enzimas que no usa crece más despacio que una que las fabrica solo cuando hacen falta. En un cultivo con recursos limitados, esa diferencia decide quién se impone.

b) Porque un cambio hecho con una proteína es reversible en segundos: el represor se suelta cuando aparece el inductor y se vuelve a pegar cuando desaparece. Borrar un gen sería definitivo, y la bacteria no podría volver a usar la lactosa nunca más. Un interruptor sirve muchas veces; una tijera, una sola.

c) Porque un operón exige que los genes de una misma función estén seguidos en el ADN y se transcriban en un solo mensajero. Y en una célula eucariota los genes de una misma ruta suelen estar repartidos por cromosomas distintos. Cada uno lleva su propio promotor y se regula por su cuenta, con un sistema bastante más enrevesado. ▲ Suelen, no siempre: se conocen eucariotas con operones de verdad. Así que esto es lo corriente, no una imposibilidad.

Comprueba este paso: comprueba si tu respuesta al apartado (a) habla de coste. Si solo dice que así la bacteria es más eficiente, falta decir en qué: en materia prima y en energía, que es lo que se mide y lo que se traduce en crecer más deprisa.

a) De la molécula lineal salen 5 fragmentos y del plásmido circular salen 4.

b) La diferencia está en los extremos. En una molécula lineal, cada corte añade un trozo, y además están los dos extremos que ya existían: por eso salen tantos fragmentos como cortes más uno. Un círculo no tiene extremos: el primer corte no lo parte en dos, solo lo abre y lo convierte en un hilo. A partir de ahí, cada corte más sí añade un trozo, así que salen tantos fragmentos como cortes.

c) Con 7 dianas, de la lineal saldrían 7 + 1 = 8 fragmentos y del plásmido, 7.

Comprobación: comprueba las dos reglas con el caso más pequeño posible. Con 1 sola diana, una molécula lineal da 2 trozos y un círculo da 1 hilo abierto, o sea 1. Eso es justo lo que dicen las dos fórmulas. Y es la forma de acordarse de cuál lleva el más uno.

a) Tras 1 ciclo hay 2¹ = 2 moléculas en total, y del tamaño exacto 2 − 2 × 1 = 0. Tras 2 ciclos hay 4 en total, y 4 − 2 × 2 = 0. Tras 3 ciclos hay 8 en total, y 8 − 2 × 3 = 2.

b) Tras 30 ciclos hay 2³⁰ = 1.073.741.824 moléculas, algo más de mil millones a partir de una sola.

c) Porque el tamaño exacto lo fijan los dos cebadores, uno por cada extremo. Y hace falta que los dos hayan marcado la misma molécula. En el primer ciclo cada copia empieza donde dice su cebador pero sigue hasta donde se acabe el molde, así que es más larga por un lado. En el segundo, algunas copias ya llevan un extremo definido. Solo en el tercero puede copiarse una molécula que ya tenía un extremo definido usando el cebador del otro lado. Y ahí aparece la primera del tamaño exacto.

Comprobación: hay una comprobación que parece buena y no vale nada, y conviene saberlo. Que el total salga potencia de 2 no demuestra que hayas contado bien los ciclos: con 31 ciclos saldría 2³¹, que también es potencia de 2. Lo que sí avisa es la otra fórmula: 2ⁿ − 2n tiene que dar 0 en los ciclos 1 y 2 y 2 en el tercero. Si te diera un número negativo o un número grande en el primer ciclo, la cuenta está mal montada.

El orden es: cortar el ADN humano en la zona del gen → cortar el plásmido → emparejar los extremos del gen con los del plásmido abierto → sellar las uniones → introducir el plásmido en las bacterias → seleccionar las bacterias que han incorporado el plásmido.

Las herramientas: los dos cortes los hace la misma enzima de restricción. El emparejamiento se produce solo, porque los extremos cohesivos son complementarios. Sellar es trabajo de la ADN ligasa, y lo que queda es ADN recombinante. La selección se hace con el gen marcador que lleva el vector, por ejemplo cultivando en un medio con una sustancia que mata a todas las que no lo llevan.

Usar la misma enzima en los dos cortes asegura el resultado, porque cada enzima deja su propio tipo de extremo. Con la misma en los dos, los extremos del gen y los del plásmido abierto son complementarios entre sí y se emparejan solos. ▲ No es la única manera de conseguirlo. Lo que hace falta es que los dos salientes encajen, y hay enzimas distintas que dejan el mismo saliente. Los extremos romos también se pegan entre sí, aunque cuesta más.

Comprueba este paso: en tu respuesta tienen que estar los seis pasos que da el enunciado, ninguno repetido y ninguno fuera. Con eso queda descartado que te hayas dejado alguno, y todavía no sabes si el orden es el bueno. Para el orden vale otro razonamiento: nada se mete en la bacteria antes de estar pegado, y nada se selecciona antes de estar dentro.

a) En total hay 2 × 1.000 = 2.000 alelos. Los alelos M son los dos de cada MM más uno de cada MN: 2 × 360 + 480 = 1.200. Así que p = 1.200 ÷ 2.000 = 0,6. Y como p + q = 1, q = 0,4. Se puede comprobar contando: 2 × 160 + 480 = 800, y 800 ÷ 2.000 = 0,4.

b) Los esperados son p², 2pq y q² sobre 1.000. p² = 0,36, o sea 360 individuos MM. 2pq = 2 × 0,6 × 0,4 = 0,48, o sea 480 MN. q² = 0,16, o sea 160 NN.

c) Sí está en equilibrio. Y en lo que nos apoyamos es en que los tres esperados coinciden con los tres observados, uno a uno: 360 con 360, 480 con 480 y 160 con 160. ▲ Con datos reales la coincidencia nunca sale exacta, y hay pruebas estadísticas para decidir cuánta desviación se admite. Coincidir una vez tampoco demuestra que sobre esa población no esté actuando nada.

Comprobación: comprueba las frecuencias alélicas por los dos lados, contando los M y contando los N, y mira que sumen 1: 0,6 + 0,4 = 1. Eso comprueba el recuento de alelos del apartado (a). Y no dice nada sobre si la población está en equilibrio.

a) Los alelos M son 2 × 500 + 200 = 1.200. Así que p = 1.200 ÷ 2.000 = 0,6, y q = 0,4. Son exactamente las mismas frecuencias que en el caso anterior, aunque el reparto de genotipos sea muy distinto.

b) Los esperados son los mismos de antes: 360 MM, 480 MN y 160 NN. Y los observados son 500, 200 y 300. Sobran homocigotos por los dos lados y faltan más de la mitad de los heterocigotos, así que esta población no está en equilibrio.

c) La suma es 0,36 + 0,48 + 0,16 = 1. Y no sirve absolutamente para nada como comprobación del equilibrio, porque da 1 siempre: p² + 2pq + q² es el desarrollo de (p + q)². Y p + q vale 1 por como se han definido. Esta población lo demuestra: la suma da 1 y la población no está en equilibrio.

Comprobación: comprueba los recuentos sumando los observados y los esperados por separado: 500 + 200 + 300 = 1.000 y 360 + 480 + 160 = 1.000. Los dos grupos tienen que dar el mismo total, porque son las mismas personas repartidas de dos maneras. Eso sí comprueba algo, y lo de la suma de los tres términos no.

a) Los que la manifiestan son q², así que q² = 1 ÷ 10.000 = 0,0001. Sacando la raíz, q = 0,01, o sea el 1 %. Y p = 1 − 0,01 = 0,99.

b) Los portadores son 2pq = 2 × 0,99 × 0,01 = 0,0198, algo menos del 2 % de la población. Sobre 10.000 personas, son 198 portadores.

c) Por cada persona que la manifiesta hay 198 portadoras, o sea 198 por 1. Salen tantas porque, cuando q es pequeño, 2pq es muchísimo mayor que q²: en el primero el alelo raro aparece una sola vez y en el segundo tiene que coincidir dos veces en el mismo individuo. Cuanto más raro sea el alelo, mayor es esa desproporción.

Comprobación: comprueba que los tres grupos suman la población entera: p² = 0,9801, más 2pq = 0,0198, más q² = 0,0001, dan 1. Eso comprueba el reparto y, como se ha visto antes, no comprueba el equilibrio, que aquí se ha supuesto en el enunciado.

a) Cuatro horas son 4 × 60 = 240 minutos. Y cada generación dura 20 minutos, así que pasan 240 ÷ 20 = 12 generaciones.

b) En cada generación el número se duplica, así que hay que multiplicar por 2 doce veces: 2¹² = 4.096. El resultado es 500 × 4.096 = 2.048.000 bacterias.

c) Porque el crecimiento exponencial supone que no falta de nada, y eso dura poco. En un cultivo real hay antes una fase de adaptación, en la que las bacterias se ponen en marcha y casi no aumentan; después la exponencial; y después una fase estacionaria, cuando se agotan los nutrientes y se acumulan desechos, en la que nacen tantas como mueren.

Comprobación: comprueba el orden de magnitud con una cuenta aproximada que puedas hacer de cabeza. Doce duplicaciones son diez más dos, y diez duplicaciones multiplican por algo más de mil. Así que el resultado tiene que ser del orden de 500 por mil por cuatro, es decir, unos dos millones. Si te hubiera salido del orden de miles, habrías confundido las generaciones con los minutos.

a) Es el ciclo lítico. Reventar la célula para salir es su final característico.

b) Es el ciclo lisogénico. La señal es que el material del virus se hereda: está integrado en el de la bacteria y se copia con él. En esa situación al virus se le llama profago.

c) Es el paso de lisogénico a lítico. Las bacterias llevaban el virus integrado sin saberlo. Y una agresión ha despertado al profago, que ha pasado a multiplicarse.

d) Es el ciclo lisogénico. Que no se fabriquen cápsides es la señal: el virus no se está montando, solo se está copiando de gorra.

e) Es el ciclo lítico. Fabricar cápsides desde el primer momento significa que se está montando la descendencia para salir.

Una pista que avisa: la pregunta que más separa los dos ciclos es si se están fabricando cápsides: si se fabrican, el virus se está montando para salir. Es una pista útil y hay que usarla con cuidado con el apartado (c), porque ahí el cultivo pasa de un ciclo al otro y la respuesta depende del momento que se mire.

a) Porque un antibiótico ataca estructuras propias de bacteria: la pared de peptidoglucano, su tipo de ribosoma o las enzimas que copian su ADN. Un virus no tiene ninguna de esas cosas: no tiene pared, ni ribosomas, ni metabolismo propio. Es un parásito obligado y fabrica sus proteínas con los ribosomas de la célula que infecta, que son los de la propia persona. ▲ No todas las enzimas que usa son prestadas: muchos virus llevan el gen de su propia copiadora, y algunos la traen ya montada dentro. Ninguna de ellas es, aun así, diana de un antibiótico.

b) Puede hacerse resistente por una mutación que le cambie la estructura atacada, o recibiendo de otra bacteria un plásmido que lleve un gen de resistencia. Se extiende deprisa por dos motivos: las bacterias se dividen en minutos, así que una ventaja se multiplica enseguida. Y además se pasan plásmidos unas a otras por conjugación, incluso entre especies distintas.

c) Un prión no tiene ácido nucleico ninguno: es solo una proteína mal plegada que, al tocar a las proteínas normales de su tipo, las hace plegarse mal a ellas también. No se replica copiando un mensaje, sino cambiando de forma a las que ya había.

Comprueba este paso: comprueba si en tu respuesta al apartado (a) has dicho qué ataca el antibiótico, y no solo que el virus es distinto. Sin nombrar la estructura concreta, la explicación se queda en que son cosas diferentes, que es lo que había que demostrar.

a) Activa natural. El organismo ha fabricado sus propios anticuerpos, y el encuentro con el antígeno ha ocurrido por su cuenta.

b) Pasiva natural. Recibe anticuerpos ya hechos, y llegan por una vía natural.

c) Activa artificial. El organismo fabrica sus propios anticuerpos, pero el encuentro se ha provocado a propósito.

d) Pasiva artificial. Recibe anticuerpos ya hechos, y se los han inyectado.

e) Pasiva natural, igual que el caso de la placenta: anticuerpos ya hechos por una vía natural.

f) Activa artificial, igual que el caso del niño.

Una pista que avisa: son dos preguntas independientes y conviene hacerlas por separado. Primero, quién ha fabricado los anticuerpos: si el propio organismo, activa; si otro, pasiva. Después, si el encuentro ha sido provocado o no. Hacer las dos a la vez es lo que lleva a confundir los apartados (b) y (d), que coinciden en lo primero y se diferencian en lo segundo.

a) La primera es la respuesta primaria y la segunda es la respuesta secundaria.

b) A las células de memoria. En el primer encuentro hay que localizar entre muchísimos linfocitos los poquísimos que reconocen ese antígeno, y luego esperar a que se multipliquen: por eso tarda y da poco. Parte de ellos no se gastan y se quedan de guardia. Así que en el segundo encuentro ya hay muchos preparados desde el primer momento. Y la respuesta sale antes, más fuerte y más duradera.

c) La primera tarda 12 − 0 = 12 días en llegar a su máximo. La segunda tarda 65 − 60 = 5 días. La diferencia es 12 − 5 = 7 días de adelanto.

Comprobación: los días de la segunda respuesta hay que contarlos desde el día 60, que es cuando empieza, y no desde el día 0. Si al restar te hubiera salido un número mayor que la primera, habrías usado el día 65 tal cual. Y entonces el resultado diría que la segunda respuesta es más lenta, es decir, lo contrario de lo que los datos describen.

a) La vacuna. Como el organismo tiene que fabricar sus propios anticuerpos, tarda días en estar protegido. Y eso pide tiempo por delante. A cambio, deja células de memoria y la protección dura mucho. ▲ Pedir tiempo no es servir solo antes: en algunas enfermedades se vacuna después del contacto, y a veces a la vez que se pone el suero.

b) El suero. Aquí no hay días que esperar: el veneno ya está dentro y hace falta algo que actúe al momento. Los anticuerpos inyectados se unen a él en cuanto llegan, sin que el organismo tenga que aprender nada.

c) Porque la inmunidad pasiva no deja memoria. Lo que se ha inyectado son anticuerpos, no una respuesta propia: el trabajo viene hecho de fuera. Esos anticuerpos se van degradando en semanas, y por sí solos no dejan ningún linfocito preparado. Así que dentro de un año, y en lo que al suero se refiere, la persona estará igual que al principio.

Comprueba este paso: comprueba si tus respuestas a (a) y (b) usan el mismo criterio, que es el tiempo disponible. Si has justificado una por el tiempo y la otra por la gravedad, mezclas dos criterios. Y la gravedad no es lo que decide aquí: lo que decide es si se puede esperar a que el organismo fabrique.